En modelo Ising 1+1D con un campo transversal definido por el hamiltoniano
En esta etapa, muchos libros de texto nos dirán desde 'arena tienen las mismas relaciones de álgebra, el lado derecho de la última ecuación no es más que . Mis confusiones son:
¿Que los operadores que tienen la misma álgebra realmente implican que y tienen el mismo espectro? Sabemos que para un álgebra dada podemos tener diferentes representaciones y estas diferentes representaciones pueden dar resultados diferentes. Por ejemplo, el álgebra del momento angular es siempre el mismo, pero podemos tener diferentes valores propios de los operadores de espín.
Esto está relacionado con la primera confusión. En lugar de mirar el álgebra de los nuevos operadores, también podemos mirar cómo se transforman los estados bajo esta transformación de dualidad. En la base propia de , si realmente lo considero como una simple matriz de Pauli, el estado corresponde a dos estados en la imagen original, es decir y . Lo mismo para el estado . En el base, la correspondencia es más complicada. Un estado corresponde a muchos estados en la imagen original, y el número de estados correspondientes depende de la posición de este estado. Por lo tanto, esta transformación de dualidad no es unitaria, lo que me hace dudar si y debe tener el mismo espectro. Además, ¿a qué otra implicación puede conducir esta observación? Por ejemplo, hacer una transformación de dualidad es una correspondencia de muchos a uno, luego hacerla de nuevo debería seguir siendo una correspondencia de muchos a uno, entonces ¿podemos recuperar el espectro original?
Otra observación es que en lo anterior involucra una cadena de operadores en el lado izquierdo, igualmente podemos definirla en términos de una cadena de operadores en el lado derecho, por lo que parece que hay una cadena no observable. ¿A qué implicación puede llevar esta observación? ¿Esta cadena no observable está relacionada con las cadenas no observables en el modelo de Levin-Wen?
Esta es una muy buena pregunta. El mismo álgebra de operadores no implica que y tienen el mismo espectro. Como se mencionó en la respuesta de Dominic, incluso la degeneración del estado fundamental es diferente bajo el intercambio de y ( : degeneración doble con ruptura de simetría, y estado fundamental único), por lo tanto, es imposible establecer un mapeo uno a uno entre los estados propios de y . Hay que tener en cuenta que la transformación de dualidad solo conserva la dinámica local pero se perderán las propiedades globales (topológicas) . Esta afirmación se vuelve más nítida en dimensiones superiores. Como en 2D, el La teoría de la red de calibre es dual al modelo cuántico de Ising, sin embargo, el orden topológico de la teoría de calibre (más prominentemente, la degeneración del estado fundamental dependiente de la topología) se pierde por completo en el modelo dual de Ising, a pesar de que existe una hermosa correspondencia entre sus excitaciones locales. (por ejemplo, carga y visión).
Sin embargo, la dualidad sigue siendo muy útil si nos centramos únicamente en las excitaciones locales. Muchos problemas importantes como la dinámica de baja energía, las transiciones de fase y la criticidad solo están relacionados con excitaciones locales, entonces la transformación de dualidad puede ayudarnos mucho a comprender estas cosas.
Para apreciar la dualidad en el modelo de Ising de campo transversal 1D, es mejor mirar localmente y tratar de averiguar la correspondencia local de las excitaciones a granel, sin preocuparse demasiado por las propiedades globales, como las condiciones de contorno, las cuerdas infinitas, el estado fundamental. degeneración, etc. La idea de la dualidad es realmente simple: uno puede describir una cadena Ising 1D ya sea por las variables de espín que viven en cada sitio, o por las variables de torcedura que viven en cada enlace. Una torcedura en la cadena de giro es un eslabón a través del cual los giros de Ising son opuestos. Entonces cada enlace sólo puede tener dos estados posibles:
Si hemos especificado toda la configuración de kink en cada enlace , en realidad podemos determinar la configuración de espín en cada sitio , con solo un conocimiento adicional sobre el giro más a la izquierda . El truco consiste en acumular las configuraciones de torceduras desde la izquierda hasta la derecha,
Ahora podemos reformular el modelo de Ising de campo transversal original
En cualquier caso, dar la vuelta a un giro correspondería a cambiar simultáneamente las variables de torcedura en enlaces adyacentes, que pueden ser realizados por , S t
Juntando los resultados anteriores, llegamos al hamiltoniano en términos de los operadores de torcedura y
Matemáticamente, esto se puede ver por el hecho de que el operador vison no es local en términos del operador de espín
De hecho, existe una relación muy interesante entre el modelo Ising de campo transversal 1D y el modelo Levin-Wen 2D (con orden topológico), que el primero puede considerarse como una dislocación sintética del segundo por cualquier condensación, que se describió en un artículo ( arXiv: 1208.4109 ) que escribí con mi amigo Chao-Ming y el Prof. Wen. Básicamente mostramos que el modelo Ising de campo transversal 1D puede surgir en el modelo 2D sistema ordenado topológico como algún tipo de defecto de línea, donde algún tipo particular de cadenas entre los aniones en 2D se degradará naturalmente a las cadenas vison a lo largo de la cadena Ising 1D emergente. Entonces, en este sentido, la cuerda invisible en el modelo de Ising es realmente la misma cuerda invisible en el condensado de red de cuerdas (pero confinada al sistema 1D).
1) En general, un álgebra puede tener muchas representaciones. En este caso, sin embargo, si se supone que existe un estado propio único conjunto +1 del 's, que determina la representación de forma única. [Todos los demás estados se pueden encontrar a partir de este estado aplicando productos de lo. Y de la anticomunión de y sabes que aplicar a un estado debe invertir el signo del valor propio de ]. Y como puedes comprobar fácilmente, tanto el y el tienen, de hecho, un único estado propio conjunto +1, por lo que el espacio de Hilbert tiene la misma estructura y hay una transformación unitaria entre las dos representaciones.
¿Por qué, entonces, la naturaleza paradójica de muchos a uno de la transformación que usted destaca en la pregunta 2)? El problema es que estás considerando un sistema infinito. El espacio de Hilbert de un sistema infinito no está realmente bien definido (¡tendría una dimensión incontable!) Es mucho mejor considerar un sistema finito. Entonces tienes que especificar las condiciones de contorno. La elección más natural son las condiciones de contorno periódicas, es decir, identificar espines 1 y espines N+1. Pero eso lleva a cierta incomodidad con respecto a cómo definir la transformación de dualidad: ¿cómo se manejan las cuerdas de 's que se supone que van al infinito en la definición de ? Hay formas de hacer que funcione, pero terminas teniendo que considerar dos sectores diferentes del espacio de Hilbert por separado y es un desastre.
Entonces, en lugar de eso, hagamos condiciones de contorno abiertas, solo mantengamos los extremos de la cadena separados y dejemos los términos de interacción en el hamiltoniano. y eso uniría los extremos de la cadena a algo que no está allí. Entonces podemos dejar la transformación de la dualidad más o menos como está, con la excepción de . Eso no funciona porque no hay giro (N+1)-ésimo. En su lugar, definamos . Puedes comprobar que esto no afecta al álgebra. Sin embargo, resuelve el problema que estaba planteando sobre las asignaciones de muchos a uno. Considere, como en la pregunta, el estado . Entonces el único estado al que corresponde en el la representacion es . El estado , por otro lado, en contraste con el ingenuo análisis de sistemas infinitos) ahora satisface , por lo que no es lo mismo que .
Entonces, en conclusión, la no unitaridad que estabas viendo era simplemente una manifestación del hecho de que el sistema infinito no está bien definido. En cambio, mirar un sistema finito resuelve las dificultades.
Hay otra forma interesante de ver este problema: H(J,h) tiene dos estados fundamentales degenerados cuando (ruptura de simetría espontánea) y sólo un estado fundamental cuando . Por lo tanto, era inevitable que un intento de crear un mapeo exacto que intercambie J y h tuviera dificultades. La razón por la que todo funciona una vez que vamos a un sistema finito con condiciones de contorno como las descritas se deja como ejercicio para el lector.
señor caballero