¿Cómo muestro que la compactación de Minkowski viene dada por la cuádrica
De,
Se supone que la compactación conforme pertenece al espacio proyectivo, por lo que todavía identificamos puntos a lo largo de los rayos (clases de equivalencia bajo escala)
Para , puedes escalar usando la equivalencia anterior para , y está determinada por la cuádrica. Entonces el parte de la compactación conforme puede ser parametrizada por , tal como dijiste.
Para , claramente obtenemos "nuevos puntos" que se agregan al espacio de Minkowski. Entonces, el espacio resultante no es exactamente igual que el espacio de Minkowski. Tiene puntos nuevos. Si fuera exactamente igual, no lo llamaríamos "la compactación conforme del espacio de Minkowski" sino simplemente "el espacio de Minkowski" (en otras coordenadas).
Los puntos que obtienes por puede tener un arbitrario pero todavía tienes la ecuación que se reduce a
Estas sutilezas especiales hacen que la interpretación de la compactación conforme sea un poco complicada. El resultado es simple para el espacio de Minkowski de 1+1 dimensiones. La compactación conforme es en realidad . El diagrama causal de Penrose parece , el producto de dos intervalos de línea (el diamante), pero la compactación conforme lo completa y conecta los extremos de ambos intervalos de línea para producir un círculo. Debido a la discusión del diagrama causal de Penrose, podemos ver que en realidad no estamos agregando puntos en el infinito desde "direcciones genéricas", sino solo aquellos que están cerca del cono de luz. Los puntos genéricos en el infinito tendrían escalando como pero la compactación conforme solo selecciona aquellos donde esta escala como .
si agregas en el lado derecho de la ecuación cuadrática, no obtienes solo una "compactación conforme del espacio AdS". ¡Obtienes el espacio AdS en sí mismo! El espacio global de AdS se puede definir como el hiperboloide dado exactamente por la ecuación que anotó, sin ninguna identificación de escala en este caso (la ecuación no es invariante de escala debido a la término en el lado derecho, por lo que sería imposible). Y de hecho, uno puede ver que tiene la simetría desde el (por uno) espacio de dimensiones superiores donde está incrustado el hiperboloide.
Sourav
Trimok
Motl de Luboš